2014 dxdy logo

Научный форум dxdy

Математика, Физика, Computer Science, Machine Learning, LaTeX, Механика и Техника, Химия,
Биология и Медицина, Экономика и Финансовая Математика, Гуманитарные науки




Начать новую тему Ответить на тему На страницу Пред.  1, 2
 
 
Сообщение22.10.2008, 17:35 
Заслуженный участник


08/04/08
8562
Ну да, кажись, идея нормальная: доказать, что k=1.
Если А - не конечное множество и не имеет вид $N\B$, где В - конечное, то есть бесконечно много элементов, как принадлежащих, так и не принадлежащих А. Тогда это верно при $n > N$ при любом N.
Рассматриваем уравнение $x_1+...+x_k=ka$. Рассматриваем всевозможные перестановки компонент решения - множество решений разбивается на классы, которые не изменяются при всех перестановках. Если $r_1, ..., r_k$ - количества одинаковых $x_j, 1 \leq x_j \leq k$, то мощность класса будет равна $\frac{k!}{r_1! ... r_k!}$, причем $r_1 + ... + r_k = k$. Если $a \in A$, то уравнение $x_1+...+x_k=ka$ имеет решение (a,a,...,a) - оно не меняется при перестановках, значит его класс имеет мощность 1. Если же $a \not \in A$, то уравнение $x_1+...+x_k=ka$ не будет иметь решения (a,a,...,a). Обозначим число остальных решений уравнения для $a \in A$ буквой $S_1$, а для $a \not \in A$ - буквой $S_2$. Так как число решений - одно и то же, то $m=1+S_1 = S_2$. Рассмотрим все остальные решения. Для них $r_j < k$, значит сумма произведений мощностей остальных классов (как для $S_1$, так и для $S_2$) на количества этих классов будет делится на $d_k = НОД(\frac{k!}{r_1! ... r_k!})$, где $0 \leq r_j < k, r_1+...+r_k = k$. Но $d_k >1$, значит из $m=1+S_1 = S_2, d_k | S_i$ получаем противоречие: $d_k |1$.
Докажем, что $d_k >1$ напрямую.
Пусть $k=p_1^{\alpha_1}...p_t^{\alpha_t}>1$, рассмотрим простое $p:p|k$ и найдем $ord_p(d_k) = ord_p(k!)- \sum\limits_{j=1}^k ord_p(r_j!)$. Пусть $ord_p(k)= s$, тогда $ord_p(r_j) \leq s$, тогда
$k=b_sp^s+b_{s-1}p^{s-1}+...+b_1p+b_0$
$r_j=a_{j,s}p^s+a_{j,s-1}p^{s-1}+...+a_{j,1}p+a_{j,0}$
Тогда $\sum\limits_{j=1}^k (a_{j,s}p^s+a_{j,s-1}p^{s-1}+...+a_{j,1}p+a_{j,0}) = b_sp^s+b_{s-1}p^{s-1}+...+b_1p+b_0$
С помощью формулы для $ord_p(A!)$ получаем, что
$ord_p(k!) = \frac{k - 1}{p-1}$
$\sum\limits_{j=1}^k ord_p(r_j!) = \frac{1}{p-1}\sum\limits_{j=1}^k (a_{j,s}(p^s-1)+...+a_{j,1}(p-1)) =$
$= \sum\limits_{j=1}^k ord_p(r_j!) = \frac{1}{p-1} \sum\limits_{j=1}^k \( (a_{j,s}p^s+...+a_{j,0} - (a_{j,s}+...+a_{j,0})) \) =$
$= \sum\limits_{j=1}^k ord_p(r_j!) = \frac{k - R}{p-1}$.
Таким образом, $ord_p(d_k) = ord_p(k!)- \sum\limits_{j=1}^k ord_p(r_j!) \Leftrightarrow \frac{k-1}{p-1} = \frac{k-R}{p-1}$
$\Leftrightarrow R=1$. Это означает, что какое-то $r_j$ - степень р, а остальные равны нулю, значит $r_j = k$, что уже исключено.

 Профиль  
                  
Показать сообщения за:  Поле сортировки  
Начать новую тему Ответить на тему  [ Сообщений: 16 ]  На страницу Пред.  1, 2

Модераторы: Модераторы Математики, Супермодераторы



Кто сейчас на конференции

Сейчас этот форум просматривают: нет зарегистрированных пользователей


Вы не можете начинать темы
Вы не можете отвечать на сообщения
Вы не можете редактировать свои сообщения
Вы не можете удалять свои сообщения
Вы не можете добавлять вложения

Найти:
Powered by phpBB © 2000, 2002, 2005, 2007 phpBB Group