сообщение по теме нестандартный взгяд на Мироздание исправил
Хочу поделиться своей бредовой идеей по поводу МИРОЗДАНИЯ.
Если предположить, что теория о том , что частицы и античастицы рождаются в соотношении 50 на 50 предполагаю, что скорость света является природной границей между Нашим миром и Антимиром и выглядит это примерно так: по оси абцис скорость слева от оси ординат от нуля до скорости света наш мир, справа от скорости света до нуля- антимир, по оси ординат распределение энергии.
Под кривыми распределения энергии от скорости, т.е. интегралы -- энергии.
Такое представление может объяснит и тёмную энергию и теорию симметрии и почему мы не можем найти симметричных частиц и ещё много необъяснённых вещей.
1. Некоторые предложения просто трудно прочитать.
2. Не надо словами описывать рисунки. Если они необходимы, то вставьте их. Я же привел ссылки на темы в «Работе форума», где эти вопросы обсуждаются.
3. Предположим краткое вступление Вы отредактируете. Но где основная часть: точные утверждения и их доказательства? Где сравнения с экспериментами?
28.05.2013, 19:10 
советую освоить сразу.
![$ Доказательство теоремы Ферма для n=3.
Пусть корнями уравнения $X^3 + Y^3 = z^3$ являются числа a, b, c, причём 1<b<c<a, причём b и а натуральные. Осталось выяснить будет ли c натуральным.
Тогда $b^3+c^3=a^3$ или $c^3=a^3-b^3=(a-b)(a^2+ab+b^2)$
Пусть $a-b=m$, $a^2+ab+b^2=t$,
тогда $c=$\sqrt[3]mt$$
Предположим, что $a–b=1$,
Тогда b и a последовательные натуральные числа, а c между ними, значит оно не натуральное.
Предположим, что $a-b=p$,где p натуральное число.
Тогда $a=p+b$
$t=(p+b)^2(p+b)b+b^2=
=p^2+2pb+b^2+pb+b^2+b^2=p^2+3pb+3b^2$ $c=pt$.
Чтобы существовал натуральный кубический корень достаточно,чтобы
$t=p^\{3s+2\}$ или после вынесения из под кубического корня получим $t=p^2$
Значит $p^2+3pb+3p^2=p^2$ или $3pb+3b^2=0$,
Пришли к противоречию, так как каждое слагаемое положительно,
Значит предположение о том, что c будет натуральным при
a-b простое число неверно, оно будет иррациональным.
Предположим, что $a-b=m$, где m составное число
$m=p_1^\{n_1\},p_2^\{n_2\},…,p_i^\{n_i\},p_j^\{n_j\},…,
p_k^\{n_k\},p_l^\{n_l\},…,p_t^\{n_t\}$
где $n_1=3s_1+2$, $n_2=3s_2+2$,…,$n_i=3s_i+2$
$n_j=3s_j+1$,…,$n_k+3s_k+1$
$n_l=3s_l$,…,$n_t=3s_t$,
или после преобразования кубического корня под корнем останется
$m=(p_1 p_2…p_i)^2 (p_j…p_k)$
$t=(p_1 p_2…p_i)(p_j…p_k)^2$
Пусть $p_1,p_2,…,p_i=A$,$p_j,…,p_k=B$
тогда $a-b=A^2B$ или $a=A^2B+b$
Тогда $t=(A^2 B+b)^2+(A^2 B+b)b+b^2=A^4 B^2+3A^2 Bb+3b^2$.
Чтобы c было натуральным достаточно, чтобы
$t=A^\{3r+1\} B^\{3s+2\}$
или после преобразования корня третьей степени получим
$t=AB^2$, то есть
$A^4 B^2+3A^2 Bb+3b^2=AB^2$ или
$A^4 B^2-AB^2+3A^2 Bb+3b^2=0 (A^4 B^2-AB^2)+3A^2Bb+3b^2=0$
Или $AB^2(A^3-1)+3A^2 Bb+3b^2=0$
Пришли к противоречию, так как каждое слагаемое положительно.
Значит и при составном m c не будет натуральным.
Осталось рассмотреть случаи, когда $b=c$, тогда
$2b^3=c^3$ $c=2b$
если $c=a$, тогда $b=0$, а это тоже не натуральное число.
Вывод
Уравнение $x^3+y^3$$](https://dxdy-04.korotkov.co.uk/f/f/5/a/f5ad34af73a83a92d75bfc076b7a45d782.png "$ Доказательство теоремы Ферма для n=3.
Пусть корнями уравнения $X^3 + Y^3 = z^3$ являются числа a, b, c, причём 1<b<c<a, причём b и а натуральные. Осталось выяснить будет ли c натуральным.
Тогда $b^3+c^3=a^3$ или $c^3=a^3-b^3=(a-b)(a^2+ab+b^2)$
Пусть $a-b=m$, $a^2+ab+b^2=t$,
тогда $c=$\sqrt[3]mt$$
Предположим, что $a–b=1$,
Тогда b и a последовательные натуральные числа, а c между ними, значит оно не натуральное.
Предположим, что $a-b=p$,где p натуральное число.
Тогда $a=p+b$
$t=(p+b)^2(p+b)b+b^2=
=p^2+2pb+b^2+pb+b^2+b^2=p^2+3pb+3b^2$ $c=pt$.
Чтобы существовал натуральный кубический корень достаточно,чтобы
$t=p^\{3s+2\}$ или после вынесения из под кубического корня получим $t=p^2$
Значит $p^2+3pb+3p^2=p^2$ или $3pb+3b^2=0$,
Пришли к противоречию, так как каждое слагаемое положительно,
Значит предположение о том, что c будет натуральным при
a-b простое число неверно, оно будет иррациональным.
Предположим, что $a-b=m$, где m составное число
$m=p_1^\{n_1\},p_2^\{n_2\},…,p_i^\{n_i\},p_j^\{n_j\},…,
p_k^\{n_k\},p_l^\{n_l\},…,p_t^\{n_t\}$
где $n_1=3s_1+2$, $n_2=3s_2+2$,…,$n_i=3s_i+2$
$n_j=3s_j+1$,…,$n_k+3s_k+1$
$n_l=3s_l$,…,$n_t=3s_t$,
или после преобразования кубического корня под корнем останется
$m=(p_1 p_2…p_i)^2 (p_j…p_k)$
$t=(p_1 p_2…p_i)(p_j…p_k)^2$
Пусть $p_1,p_2,…,p_i=A$,$p_j,…,p_k=B$
тогда $a-b=A^2B$ или $a=A^2B+b$
Тогда $t=(A^2 B+b)^2+(A^2 B+b)b+b^2=A^4 B^2+3A^2 Bb+3b^2$.
Чтобы c было натуральным достаточно, чтобы
$t=A^\{3r+1\} B^\{3s+2\}$
или после преобразования корня третьей степени получим
$t=AB^2$, то есть
$A^4 B^2+3A^2 Bb+3b^2=AB^2$ или
$A^4 B^2-AB^2+3A^2 Bb+3b^2=0 (A^4 B^2-AB^2)+3A^2Bb+3b^2=0$
Или $AB^2(A^3-1)+3A^2 Bb+3b^2=0$
Пришли к противоречию, так как каждое слагаемое положительно.
Значит и при составном m c не будет натуральным.
Осталось рассмотреть случаи, когда $b=c$, тогда
$2b^3=c^3$ $c=2b$
если $c=a$, тогда $b=0$, а это тоже не натуральное число.
Вывод
Уравнение $x^3+y^3$$")
кодируется так: $\partial$