2014 dxdy logo

Научный форум dxdy

Математика, Физика, Computer Science, Machine Learning, LaTeX, Механика и Техника, Химия,
Биология и Медицина, Экономика и Финансовая Математика, Гуманитарные науки




Начать новую тему Ответить на тему
 
 NT
Сообщение14.12.2019, 23:44 


31/05/14
58
Позвольте $p=1+8k$ быть простым числом. Если$$\binom{4k}{k} \equiv r \pmod{p}.$$

Докажите, что $r$ не является квадратом натурального числа.

 Профиль  
                  
 
 Re: NT
Сообщение15.12.2019, 07:58 
Заслуженный участник


20/12/10
9061
Navid в сообщении #1430238 писал(а):
Позвольте $p=1+8k$ быть простым числом. Если$$\binom{4k}{k} \equiv r \pmod{p}.$$

Докажите, что $r$ не является квадратом натурального числа.
Это неверно. Контрпример: $k=9$ и $r=144$.

 Профиль  
                  
 
 Re: NT
Сообщение15.12.2019, 08:56 
Аватара пользователя


01/11/14
1898
Principality of Galilee
nnosipov в сообщении #1430262 писал(а):
Это неверно.
nnosipov
Так условие же, по-моему, не закончено.
Navid в сообщении #1430238 писал(а):
Если$$\binom{4k}{k} \equiv r \pmod{p}.$$
Посылка с "если" заканчивается точкой. Если..., то что?

 Профиль  
                  
 
 Re: NT
Сообщение15.12.2019, 11:06 


31/05/14
58
Navid в сообщении #1430238 писал(а):
Позвольте $p=1+8k$ быть простым числом. Если$$\binom{4k}{k} \equiv r \pmod{p}.$$

Докажите, что $r$ не является квадратом натурального числа.


$$0\leq r\leq p-1$$

 Профиль  
                  
 
 Re: NT
Сообщение15.12.2019, 11:12 
Аватара пользователя


01/11/14
1898
Principality of Galilee
Navid в сообщении #1430272 писал(а):
$$0\leq r\leq p$$
Может быть, всё-таки $0\leqslant r<p$?

 Профиль  
                  
 
 Re: NT
Сообщение15.12.2019, 12:41 
Заслуженный участник


20/12/10
9061
Gagarin1968 в сообщении #1430263 писал(а):
Так условие же, по-моему, не закончено.
Тем не менее, его можно было понять так, как я понял --- с учетом общей корявости перевода. Кроме того, a priori тот биномиальный коэффициент мог оказаться квадратичным невычетом по модулю $p$, и тогда $r$ не мог бы быть квадратом по очевидной причине. (Мой контрпример как раз показывает, что $r$ --- при правильном дополнительном условии --- не будет квадратом по более тонкой причине.)

А вот и дополнительное условие от ТС.

Gagarin1968 в сообщении #1430274 писал(а):
Может быть, всё-таки $0\leqslant r<p$?
Или, возможно, $|r| \leqslant (p-1)/2$. Хотелось бы, конечно, видеть первоисточник.

 Профиль  
                  
 
 Re: NT
Сообщение15.12.2019, 13:12 


31/05/14
58
nnosipov в сообщении #1430288 писал(а):
Или, возможно, $|r| \leqslant (p-1)/2$. Хотелось бы, конечно, видеть первоисточник.



Если я правильно помню, я заметил эту проблему в китайском журнале. Интересно, сможем ли мы найти элементарное доказательство?

 Профиль  
                  
 
 Re: NT
Сообщение15.12.2019, 13:13 
Аватара пользователя


01/11/14
1898
Principality of Galilee
nnosipov в сообщении #1430288 писал(а):
Или, возможно, $|r| \leqslant (p-1)/2$
Да, скорее всего именно так. Слово за ТС.

 Профиль  
                  
Показать сообщения за:  Поле сортировки  
Начать новую тему Ответить на тему  [ Сообщений: 8 ] 

Модераторы: Модераторы Математики, Супермодераторы



Кто сейчас на конференции

Сейчас этот форум просматривают: нет зарегистрированных пользователей


Вы не можете начинать темы
Вы не можете отвечать на сообщения
Вы не можете редактировать свои сообщения
Вы не можете удалять свои сообщения
Вы не можете добавлять вложения

Найти:
Powered by phpBB © 2000, 2002, 2005, 2007 phpBB Group